Háromszög-egyenlőtlenség

A háromszög-egyenlőtlenség a geometria egyik legalapvetőbb tétele, megállapítható segítségével, hogy három szakaszból lehet-e háromszöget szerkeszteni.

Az egyenlőtlenség tovább általánosítható valós és komplex számokra, összegzésekre, integrálokra és különböző terekre. Itt a hosszak szerepét abszolútértékek és különféle normák veszik át. Leginkább becslésekben használják a matematika több területén is.

A tétel

A háromszög bármely oldalának hossza kisebb a másik két oldal hosszának összegénél. Azaz: $a<b+c$, $b<a+c$ és $c<a+b$.

A tétel ekvivalens alakja: $a-b<c$, $b-c<a$ és $c-a<b$

Bizonyítás:

$AC+CB>AB$ -t elég bizonyítani. Hosszabbítsuk meg az $AC$ oldalt, és felmérjük a $CB$ távolságot a meghosszabbított félegyenesre, így kapjuk a $CD$ szakaszt. $BCD$ háromszög egyenlő szárú, ekkor $CBD$ szög = $CDB$ szög. $BC$ az $ABD$ szög belsejében halad, ekkor $ABD$ szög > $CBD$ szög = $CDB$ szög, így $AD>AB$. Ez viszont éppen a tételben szereplő $a+b>c$.

Metrikus interpretáció

A háromszög-egyenlőtlenség biztosítja, hogy a kétdimenziós (általánosabban, az n-dimenziós) euklideszi tér tetszőleges három A,B,C pontjára igaz legyen, hogy bármely kettő pár egymástól mért távolságainak összege nagyobb, mint a harmadik pár közt mért távolsága:

AB+BC≥AC BC+CA≥BA CA+AB≥BC

Ezt a tényt úgy is interpretálhatjuk, hogy "két pont között a legrövidebb út az egyenes", mert a háromszög-egyenlőtlenség egy speciális esete e kijelentésnek, míg utóbbi következménye az előbbinek.

A háromszög-egyenlőtlenség e változata megenged elfajult háromszögeket, amikor is néhány háromszögcsúcs vagy -oldal illeszkedik egymásra.

A tétel általánosításai

Valós számokra

Valós számokra: $|a+b|\leq |a|{+}|b|.$

Bizonyítás:

Mivel az egyenlőtlenség mindkét oldala nem negatív, ezért a négyzetre emelés ekvivalens átalakítás:

$a^{2}{+}2ab{+}b^{2}\ \leq \ a^{2}{+}2{|ab|}{+}b^{2}.$

Mindkét oldalból kivonva az azonos tagokat:

$2ab\leq 2|ab|.$

és ez mindig teljesül, mert

$x\leq {|x|}$ minden $x\in \mathbb {R} .$-re.

Valós számokra önállóan is belátható a háromszög-egyenlőtlenség kivonásos alakja:

Nyilván $|a{+}b|{-}|b|\leq |a|.$

Az

$a{\mathrel {:=\,}}x{+}y,\,b{\mathrel {:=\,}}{-}y$

helyettesítéssel

$|x|{-}|y|\leq |x{+}y|.$

Viszont, ha

$b{\mathrel {:=\,}}{-}x$

akkor

$|y|{-}|x|\leq |x{+}y|,$

Az előző két egyenlőtlenséget összetéve

${\Big |}|x|{-}|y|{\Big |}\leq |x{+}y|\leq |x|{+}|y|.$

y helyére -y-t téve

${\Big |}|x|{-}|y|{\Big |}\leq |x{-}y|\leq |x|{+}|y|.$

Összefoglalva

${\Big |}|x|{-}|y|{\Big |}\leq |x{\pm }y|\leq |x|{+}|y|$ minden $x,\,y\in \mathbb {R}$-re.

Komplex számokra

Komplex számokra a háromszög-egyenlőtlenség:

$|z_{1}{}+z_{2}|\leq |z_{1}|{+}|z_{2}|.$

Bizonyítás:

Mivel egyik oldal sem lehet negatív, ezért a négyzetre emelés ekvivalens átalakítás:

Értelmezés sikertelen (SVG (a MathML egy böngészőkiegészítővel engedélyezhető): Érvénytelen válasz („Math extension cannot connect to Restbase.”) a(z) http://localhost:6011/hu.wikipedia.org/v1/ szervertől:): {\displaystyle z_1\overline{z_1}{+}z_1\overline{z_2}{+}{\underbrace{\overline{z_1}z_2}_{=\overline{z_1\overline{z_2}}}}{+}z_2\overline{z_2}\ \le\ z_1\overline{z_1}{+}2{\underbrace{|z_1 z_2|}_{=|z_1\overline{z_2}|}}{+}z_2\overline{z_2}, }

ahol a felülvonás a komplex konjugálást jelenti. A két oldalról eltávolítva az egyenlő tagokat, és a $z{\mathrel {:=\,}}z_{1}{\overline {z_{2}}}$ helyettesítést elvégezve

$z{+}{\bar {z}}\leq 2{|z|}$

A z komplex szám algebrai alakja legyen $z=u{+}iv$. Ezzel

$(u{+}iv){+}(u{-}iv)=2u\leq 2{\sqrt {u^{2}{+}v^{2}}}$

és

$|u|\leq {\sqrt {u^{2}{+}v^{2}}},$

ami $0\leq v^{2}\$ és a valós négyzetgyökfüggvény monotóniája miatt mindig fennáll.

A valós esethez hasonlóan látható be a kivonásos alak is

${\Big |}|z_{1}|{-}|z_{2}|{\Big |}\leq |z_{1}{\pm }z_{2}|\leq |z_{1}|{+}|z_{2}|$ minden $z_{1},\,z_{2}\in \mathbb {C}$-re.

Összegekre és integrálokra

A háromszög-egyenlőtlenség többszöri alkalmazásával és teljes indukcióval

$\left|\sum _{i=1}^{n}x_{i}\right|\leq \sum _{i=1}^{n}\left|x_{i}\right|$

ahol az $x_{i}\;$ számok lehetnek valósak, vagy komplexek.

Integrálokra: Legyen az $f:I\to {\mathbb {R}}$ függvény Riemann-integrálható, ahol $I=[a,b]\,$ egy intervallum!

Ekkor

$\left|\int _{I}f(x)\,dx\right|\leq \int _{I}|f(x)|\,dx$.

Hasonlók teljesülnek komplex értékű függvényekre is:

$f:I\to {\mathbb {C}}$,.

Ekkor ugyanis van egy komplex $\alpha \;$ úgy, hogy $\alpha \int _{I}f(x)\,dx=\left|\int _{I}f\,dx\right|$ és $|\alpha |=1\;$.

Mivel

$\left|\int _{I}f(x)\,dx\right|=\alpha \int _{I}f(x)\,dx=\int _{I}\alpha \,f(x)\,dx=\int _{I}\operatorname {Re} (\alpha f(x))\,dx+i\,\int _{I}\operatorname {Im} (\alpha f(x))\,dx$

valós, ezért $\int _{I}\operatorname {Im} (\alpha f(x))\,dx$ szükségképpen egyenlő nullával.

Emellett

$\operatorname {Re} (\alpha f(x))\leq |\alpha f(x)|=|f(x)|$,

összetéve tehát

$\left|\int _{I}f(x)\,dx\right|=\int _{I}\operatorname {Re} (\alpha f(x))\,dx\leq \int _{I}|f(x)|\,dx$.

Vektorokra

Vektorokra:

$\left|{\vec {a}}+{\vec {b}}\right|\leq \left|{\vec {a}}\right|+\left|{\vec {b}}\right|$.

Négyzetre emeléssel:

$\left|{\vec {a}}+{\vec {b}}\right|^{2}=\left\langle {\vec {a}}+{\vec {b}},{\vec {a}}+{\vec {b}}\right\rangle =\left|{\vec {a}}\right|^{2}+2\left\langle {\vec {a}},{\vec {b}}\right\rangle +\left|{\vec {b}}\right|^{2}\leq \left|{\vec {a}}\right|^{2}+2\left|{\vec {a}}\right|\left|{\vec {b}}\right|+\left|{\vec {b}}\right|^{2}=\left(\left|{\vec {a}}\right|+\left|{\vec {b}}\right|\right)^{2}$,

és a Cauchy–Schwarz–Bunyakovszkij-egyenlőtlenség felhasználásával:

$\langle {\vec {a}},{\vec {b}}\rangle \leq \left|{\vec {a}}\right|\cdot \left|{\vec {b}}\right|$.

Innen, mint a valós esetben:

${\Big |}\left|{\vec {a}}\right|-\left|{\vec {b}}\right|\,\,{\Big |}\leq \left|{\vec {a}}\pm {\vec {b}}\right|\leq \left|{\vec {a}}\right|+\left|{\vec {b}}\right|$

és

$\left|\sum _{i=1}^{n}{\vec {a_{i}}}\right|\leq \sum _{i=1}^{n}\left|{\vec {a_{i}}}\right|.$

Gömbháromszögekre

Két általános gömbháromszög

A gömbháromszögek körében a háromszög-egyenlőtlenség azokra a háromszögekre korlátozódik, amiknek egyik oldala sem nagyobb egy fél főkörívnél, azaz a < π, b < π és c < π. Általános gömbháromszögekre a tétel nem igaz.

Ahogy az ábra mutatja:

$\left|a-b\right|\leq c_{1}\leq a+b,$

de $c_{2}>a+b$, ahol még az is igaz, hogy $c_{2}>\pi .$

Normált terekben

Az $\left(X,\|.\|\right)$ normált térben a háromszög-egyenlőtlenség ezt az alakot ölti:

$\|x+y\|\leq \|x\|+\|y\|$

és megkövetelik, hogy a tér az adott normával ezt az egyenlőtlenséget azonossággal teljesítse.

Ebből

${\Big |}\|x\|-\|y\|{\Big |}\leq \|x\pm y\|\leq \|x\|+\|y\|$

és

$\left\|\sum _{i=1}^{n}x_{i}\right\|\leq \sum _{i=1}^{n}\|x_{i}\|$ minden $x_{i}\in X\;$-re.

Speciálisan, az L^p-terekben a háromszög-egyenlőtlenséget Minkowski-egyenlőtlenségnek nevezik, és a Hölder-egyenlőtlenséggel bizonyítják.

Metrikus terekben

Az $\left(X,d\right)$ metrikus térben a háromszög-egyenlőtlenség ezt az alakot ölti:

$d(x,y)\leq d(x,z)+d(z,y)$

és megkövetelik, hogy a tér az adott d távolságfüggvénnyel ezt az egyenlőtlenséget azonossággal teljesítse.

Innen következik

$\left|d(x,z)-d(z,y)\right|\leq d(x,y)$

és

$d(x_{0},x_{n})\leq \sum _{i=1}^{n}d(x_{i-1},x_{i})$

a tér tetszőleges elemeire.

Források

• Obádovics J. Gyula: Matematika